1樓：誰ta覲
a、根據題意，矩形閉合線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的轉軸oo'勻速轉動，故a正確；
b、線框經過中性面時，磁通量最大，電動勢最小，電流也最小，為零；經過垂直中性面位置，磁通量最小，電動勢最大，電流最大；圖中t=0時刻，電流最大，故b正確；
c、d、正弦式交變電流的有效值等於最大值除以根號二，故c正確，d錯誤；
故選abc．
如圖所示，矩形閉合線圈abcd在勻強磁場中繞垂直於磁場 方向的轉軸oo′以恆定的角速度轉動，當線圈平面轉
2樓：刷粉狗
ｂ試題分析：線圈平面轉到與磁場方向垂直的位置叫中性面，線圈位於中性面時，穿過線圈的磁通量最大，磁通量的變化率：也就是感應電動勢最小，感應電流最小，且為0，所以ab邊所受的安培力最小。
因此選b
如圖所示，一矩形線圈在勻強磁場中繞oo′軸勻速轉動，磁場方向與轉軸垂直，磁場的磁感應強度為b．線圈匝
3樓：空白
（1）此時電動勢有最大值：em=2nbl1v；
由v=ωl
2解得：em=nbωl1l2；
（2）由閉合電路歐姆定律，則有：im＝e
mr+r
im=2
i解得：i=22
nbωl
lr+r
；（3）從圖示位置開始計時，線圈平行磁感線，感應電動勢最大，則感應電動勢的瞬時值表達e=nbωl1 l2cosωt；
答：（1）線圈轉至圖示位置時的感應電動勢nbωl1l2；
（2）電流表的讀數22
nbωl
lr+r
；（3）從圖示位置開始計時，感應電動勢的瞬時值表示式e=nbωl1 l2cosωt．
（2006?江蘇模擬）如圖所示，一矩形線圈在勻強磁場中繞oo′軸勻速轉動，磁場方向與轉軸垂直．已知線圈匝
4樓：福州吧壹母
（1）線圈中產生的感應電動勢的最大值表示式為em=nbsω代人資料得 em=400×0.25×0.05×0.04×l00 v=20 v
（2）根據歐姆定律得：im=e
mr+r
代人資料得im=20
9.9+0.1
a=2a
∵是正弦交變電流，所以電流表讀數即有效值
i=im2＝
2a=1.41a
（3）小燈泡消耗的電功率p=i2r=(2)×9.9w=19.8w．
答：（1）線圈中產生的最大感應電動勢為20v．（2）電流表a的讀數為1.41a．
（3）用電器上消耗的電功率為19.8w．
如圖所示，在勻強磁場中有一矩形線圈，它的平面與磁場平行，在磁場作用下發生轉動，轉動方向是（ ）a
5樓：
b．ab邊轉向紙內，cd邊轉向紙外
根據左手定則判斷：
伸開左手，使拇指與其他四指垂直且在一個平面內，讓磁感線從手心流入，四指指向電流方向，大拇指指向的就是安培力方向（即導體受力方向）
6樓：索牽
由左手定則知ab邊所受安培力方向指向紙內，cd邊所受安培力方向指向紙外，ad、bc邊電流方向與磁場方向平行，不受安培力作用，
故轉動方向為：ab邊轉向紙內，cd邊轉向紙外；
故選：b．
如圖所示，一矩形線圈在勻強磁場中繞oo′軸勻速轉動，磁場方向與轉軸垂直．線圈匝數n=100，電阻r=1ω，長
7樓：小超
（1）線圈中產生的感應電動勢的最大值表示式為：em=nbsω代入資料得：em=100×0.2×0.5×0.4×100v=400 v
則感應電動勢的瞬時值：e=emsinωt=400sin100t，根據歐姆定律可知，電流的瞬時表示式：i=er+r=400sin100t
100=4sin100t（a）；
（2）電流表讀數即為該交流電的有效值，則：i=im2=42=22
a（3）小燈泡消耗的電功率：p=i2r=（22）2×99w=792w．
答：（1）線圈中產生的最大感應電動勢為400v，電流的瞬時表示式i=4sin100t（a）．
（2）電流表a的讀數為22a．
（3）用電器上消耗的電功率為792w．
如圖所示，一矩形閉合線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的轉軸οο′以恆定的角速度ω轉動，從線圈平面與
8樓：廖才哲
a、b 0～π
2ω為0～t 4
，線圈的感應電流一直在減小，a正確b錯誤；
c、d穿過線圈的磁通量在增加，磁通量的變化率一直在減小，c錯誤d正確；
故選ad
如圖所示，一矩形閉合線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的轉軸oo′以恆定的角速度ω轉動，從線圈平面與磁
9樓：光心水
a、b線圈轉動的週期 t=2π
ω，則在π
2ω～3π
2ω這段時間內，即在1
4t～3
4t時間內，線圈從與磁場垂直的方向轉過180°，即從中性面轉過180°的過程中，感應電動勢先增大後減小，感應電流先增大後減小，故a錯誤，b正確；
c、在t=π
2ω和t=3π
2ω兩個時刻，線圈垂直於磁場，磁通量最大，所以穿過線圈的磁通量先減小後增大，故c錯誤．
d、在t=π
2ω和t=3π
2ω兩個時刻，線圈垂直於磁場，位於中性面，感應電動勢為零，根據法拉第電磁感應定律可知，磁通量的變化率為零；在t=π
ω時刻，線圈平行於磁場，感應電動勢最大，磁通量變化率最大，所以磁通量的變化率先增大後減小，故d錯誤；
故選：b．
如圖所示，一矩形閉合線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的轉軸οο′以恆定的角速度ω轉動，從線圈平面與
10樓：唯念一萌
a、b 0～π
2ω為0～t
4，線圈的感應電流一直在減小，a正確b錯誤；
c、d穿過線圈的磁通量在增加，磁通量的變化率一直在減小，c錯誤d正確；
故選ad
如圖所示，在閉合鐵芯上用漆包線繞兩個線圈A B，線圈A兩端分
金屬桿減速向右運動時，穿過閉合迴路的磁通量增大，感應電流產生的磁感強度阻礙磁通量的增大，根據右手定則可知 右邊閉合迴路的電流方向為逆時針方向，則穿過a線圈的磁感線方向向下，所以穿過b線圈的磁感線方向向上，根據右手定則可知，流過電阻r的電流方向是b r a，故c正確 故選 c 如圖所示，a b兩個線圈...
矩形線圈在勻強磁場中,繞垂直磁場方向的軸勻速轉動時,線圈跟中性面重合的瞬間,下列說法中正確的是A
ac試題分析 矩形線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的軸勻速轉動時，線圈中產生正弦式電流 在中性面時，線圈與磁場垂直，磁通量最大，感應電動勢為零 線圈每通過中性面一次，電流方向改變一次 線圈的每一邊都不切割磁感線，線圈受到的安培力為零，故選ac 點評 抓住兩個特殊位置的特點 線圈與磁場垂直時，磁通量最...
為什麼閉合的通電線圈在一勻強磁場中受安培力為零
首先閉合的通電線圈在一勻強磁場中受安培力不一定為零。當且僅當磁感應強度與線圈平面垂直時，通電線圈在一勻強磁場中受安培力為零。當磁感應強度與線圈平面不垂直時，閉合線圈電流在磁場中所受安培力 b為磁感應強度向量，m為環電流磁距向量，為向量積，磁距方向符合右手定則。為什麼閉合的通電線圈在一勻強磁場中受安培...