1樓：匿名使用者
數列通項公式的幾種求法無錫市洛社高階中學 李思齊 陸莉麗 數列通項公式直接表述了數列的本質，是給出數列的一種重要方法。數列通項公式具備兩大功能，第一，可以通過數列通項公式求出數列中任意一項；第二，可以通過數列通項公式判斷一個數是否為數列的項以及是第幾項等問題；因此，求數列通項公式是高中數學中最為常見的題型之一，它既考察等價轉換與化歸的數學思想，又能反映學生對數列的理解深度，具有一定的技巧性，是衡量考生數學素質的要素之一，因而經常滲透在高考和數學競賽中。本文分別介紹幾種常見的數列通項的求法，以期能給讀者一些啟示。
一、常規數列的通項例1：求下列數列的通項公式（1），，，，… （2）－，，－，，…（3），1，，，，…解：（1）an= （2）an= （3） an=評註：
認真觀察所給資料的結構特徵，找出an與n的對應關係，正確寫出對應的表示式。 二、等差、等比數列的通項直接利用通項公式an=a1+（n－1）d和an=a1qn－1寫通項，但先要根據條件尋求首項、公差和公比。 三、擺動數列的通項例2：
寫出數列1，－1，1，－1，…的一個通項公式。解：an=（－1）n－1 變式1：
求數列0，2，0，2，0，2，…的一個通項公式。分析與解答：若每一項均減去1，數列相應變為－1，1，－1，1，… 故數列的通項公式為an=1+（－1）n 變式2：
求數列3，0，3，0，3，0，…的一個通項公式。分析與解答：若每一項均乘以，數列相應變為2，0，2，0，… 故數列的通項公式為an=[1+（－1）n－1 ] 變式3：
求數列5，1，5，1，5，1，…的一個通項公式。分析與解答1：若每一項均減去1，數列相應變為4，0，4，0，… 故數列的通項公式為an=1++2×[1+（－1）n－1 ]=1+[1+（－1）n－1 ] 分析與解答2：
若每一項均減去3，數列相應變為2，－2，2，－2，… 故數列的通項公式為an=3+2（－1）n－1 四、迴圈數列的通項例3：寫出數列0.1，0.
01，0.001，0.0001，…的一個通項公式。
解：an= 變式1：求數列0.
5，0.05，0.005，…的一個通項公式。
解：an= 變式2：求數列0.
9，0.99，0.999，…的一個通項公式。
分析與解答：此數列每一項分別與數列0.1，0.
01，0.001，0.0001，…的每一項對應相加得到的項全部都是1，於是an=1－ 變式3：
求數列0.7，0.77，0.
777，0.7777，…的一個通項公式。解：
an= （1－ ） 例4：寫出數列1，10，100，1000，…的一個通項公式。解：
an=10n－1 變式1：求數列9，99，999，…的一個通項公式。分析與解答：
此數列每一項都加上1就得到數列10，100，1000，… 故an=10n－1。 變式2：寫出數列4，44，444，4444…的一個通項公式。
解：an= （10n－1） 評註：平日教與學的過程中務必要對基本的數列通項公式進行過關，這就需要提高課堂教與學的效率，多加總結、反思，注意聯想與對比分析，做到觸類旁通，也就無需再害怕複雜數列的通項公式了。
五、通過等差、等比數列求和來求通項例5：求下列數列的通項公式（1）0.7，0.
77，0.777，… （2）3，33，333，3333，…（3）12，1212，121212，… （4）1，1+2，1+2+3，…解：（1）an= =7× =7×（0.
1+0.01+0.001+…+ ）=7×（+++…+）=7×=（1－）（2）an= =3× =3×（1+10+100+…+10n）=3×=（10n－1）（3）an= =12×（1+100+10000+…+100n－1）=12×=（102n－1）（4）an=1+2+3+…n= 評註：
關鍵是根據資料的變化規律搞清楚第n項的資料特點。 六、用累加法求an=an－1+f（n）型通項 例6：（1）數列滿足a1=1且an=an－1+3n－2（n≥2），求an。
（2）數列滿足a1=1且an=an－1+（n≥2），求an。解：（1）由an=an－1+3n－2知an－an－1=3n－2，記f（n）=3n－2= an－an－1 則an= （an－an－1）+（an－1－an－2）+（an－2－an－3）+…（a2－a1）+a1 =f（n）+ f（n－1）+ f（n－2）+…f（2）+ a1 =（3n－2）+[3（n－1）－2]+ [3（n－2）－2]+ …+（3×2－2）+1 =3[n+（n－1）+（n－2）+…+2]－2（n－1）+1 =3×－2n+3= （2）由an=an－1+知an－an－1=，記f（n）== an－an－1 則an=（an－an－1）+（an－1－an－2）+（an－2－an－3）+…（a2－a1）+a1 =f（n）+ f（n－1）+ f（n－2）+…f（2）+ a1 =+++…++1=－評註：
當f（n）=d（d為常數）時，數列就是等差數列，教材對等差數列通項公式的推導其實就是用累加法求出來的。 七、用累積法求an= f（n）an－1型通項例7:（1）已知數列滿足a1=1且an=an—1（n≥2），求an （2）數列滿足a1=且an=an—1，求an解：
（1）由條件=，記f（n）=an=··…·a1=f（n）f（n－1）f（n－2）…f（2）f（2）a1 =···…··1=（2）an=··…·a1=·…·==2－ 評註：如果f（n）=q（q為常數），則為等比數列，an= f（n）an—1型數列是等比數列的一種推廣，教材中對等比數列通項公式地推導其實正是用累積法推匯出來的。 八、用待定係數法求an=aan－1＋b型數列通項例8:
數列滿足a1=1且an＋1＋2an=1，求其通項公式。解：由已知，an＋1＋2an=1，即an=－2 an—1＋1 令an＋x=－2（an－1＋x），則an=－2 an－1－3x，於是－3x=1，故x=－∴ an－=－2（an－1－）故是公比q為－2，首項為an－=的等比數列∴an－=（－2）n－1=評註：
一般地，當a≠1時令an＋x=a（an－1＋x）有an=a an－1＋（a－1）x，則有（a－1）x=b知x=，從而an＋=a（an－1+），於是數列是首項為a1+、公比為a的等比數列，故an＋=（a1+）an－1，從而an=（a1+）an－1－；特別地，當a=0時為等差數列；當a≠0，b=0時，數列為等比數列。 推廣：對於an=a an－1＋f（n）（a≠0且a∈r）型數列通項公式也可以用待定係數法求通項公式。
例9：數列滿足a1=1且an=2an－1＋（n≥2），求an。解：
令an＋x·=2（an＋x·）則an=2an－1+ 2x·－x·=x·=5x·而由已知an=2an－1＋故5x=1，則x=。故an＋·＝2（an－1＋·）從而是公比為q=2、首項為a1＋·=的等比數列。 於是an＋·=×2n－1，則an=×2n－1－·=（2n+3－）評註：
一般情況，對條件an=aan－1+f（n）而言，可設an+g（n）=a[an－1+g（n－1）]，則有ag（n－1）－g（n）=f（n），從而只要求出函式g（n）就可使數列為等比數列，再利用等比數列通項公式求出an。值得注意的是an+g（n）與an－1+g（n－1）中的對應關係。特別地，當f（n）=b（b為常數）時，就是前面敘述的例8型。
這種做法能否進一步推廣呢？對於an=f（n）an－1+g（n）型數列可否用待定係數法求通項公式呢？我們姑且類比做點嘗試：
令an+k（n）=f（n）[an－1+k（n－1）]，得到an =f（n）an－1+f（n）k（n－1）－k（n），從而f（n）k（n－1）－k（n）= g（n），理論上講，通過這個等式k（n）可以確定出來，但實際操作上，k（n）未必能輕易確定出來，請看下題：數列滿足a1=1且an=an－1+，求其通項公式。 在這種做法下得到k（n－1）－k（n）=，顯然，目前我們用高中數學知識還無法輕易地求出k（n）來。
九、通過sn求an例10：數列滿足an =5sn－3，求an。解：
令n=1，有a1=5an－3，∴a1=。由於an =5sn－3………①則 an-1 =5 sn-1－3………②①－②得到an－an-1=5（sn－sn-1） ∴an－an－1 =5an 故an=－an-1，則是公比為q=－、首項an=的等比數列，則an=（－）n-1 評註：遞推關係中含有sn，通常是用sn和an的關係an=sn－sn－1（n≥2）來求通項公式，具體來說有兩類：
一是通過an=sn－sn－1將遞推關係揭示的前n項和與通項的關係轉化為項與項的關係，再根據新的遞推關係求出通項公式；二是通過an=sn－sn－1將遞推關係揭示的前n項和與通項的關係轉化為前n項和與前n－1項和的關係，再根據新的遞推關係求出通項公式 十、取倒數轉化為等差數列 例11：已知數列滿足a1=1且an+1=，求an。 解：
由an+1=有 = = + 即－= 所以，數列{}是首項為=1、公差為d=的等差數列 則=1+（n－1）= 從而an=評註：注意觀察和分析題目條件的結構特點，對所給的遞推關係式進行變形，使與所求數列相關的數列（本例中數列{}）是等差或等比數列後，只需解方程就能求出通項公式了。 十
一、建構函式模型轉化為等比數列 例12：已知數列滿足a1=3且an+1=（an－1）2+1，求an。解：
由條件an+1=（an－1）2+1得an+1－1=（an－1）2 兩邊取對數有lg（an+1－1）=lg（（an－1）2）=2lg（an－1） 即=2 故數列是首項為lg（a1－1）=lg2、公比為2的等比數列所以，lg（an－1）=lg2·2n－1=lg 則an－1= 即an= +1 評註：通過構造對數函式達到降次的目的，使原來的遞推關係轉化為等比數列進行求。 十
二、數學歸納法例13：數列滿足a1=4且an=4－（n≥2），求an。 解：
通過遞推關係求出數列前幾項如下 a1=4=2+ a2=4－=3=2+ a3=4－==2+ a4=4－==2+ a5=4－==2+ a6=4－==2+ 猜想：通項公式為an=2+。下用歸納法給出證明 顯然，當n=1時，a1=4=2+，等式成立 假設當n=k時，等式成立，即ak=2+則當n=k+1時，ak+1=4－=4－=4－=2+2－=2+ 由歸納法原理知，對一切n∈n+都有an=2+。
評註：先根據遞推關係求出前幾項，觀察資料特點，猜想、歸納出通項公式，再用數學歸納法給出證明。 十
三、綜合應用例14：已知各項為正的數列滿足a1=1且an2=an－12+2（n≥2），求an。 解：
由an2=an－12+2知an2－an－12=2則數列是公差為2、首項為a12=1的等差數列。 故 an2=1+2（n－1）=2n－1 即an=例15：數列滿足a1=a2=5且an+1=an+6an－1（n≥2），求an。
解：設an+1+λan=μ（an+λan－1），則an+1=（μ－λ）an+μλan－1 而an+1=an+6an－1 則 解得 或 當λ=2且μ=3時an+1+2an=3（an+2an－1），即=3 則數列是公比為3、首項為a2+2a1=15的等比數列。於是，an+2an－1=15×3n－1=5×3n 則an=－2an－1+5×3n 令an+x·3n =－2（an－1+x·3n－1 ） 則an=－2an－1－x·3n 故x=－1 於是，an－3n =－2（an－1－3n－1 ）從而是公比為－2、首項為a1－3=2的等比數列。
所以，an－3n =2×（－2）n－1 則an=3n+2×（－2）n－1=3n－（－2）n當λ=－3且μ=－2時，同理可求得an=3n－（－2）n 於是，數列的通項公式為an=3n－（－2）n 小結：本文只是介紹了幾種常見的求數列通項公式的方法，可以看到，求數列（特別是以遞推關係式給出的數列）通項公式的確具有很強的技巧性，與我們所學的基本知識與技能、基本思想與方法有很大關係，因而在平日教與學的過程中，既要加強基本知識、、基本方法、基本技能和基本思想的學習，又要注意培養和提高數學素質與能力和創新精神。這就要求無論教師還是學生都必須提高課堂的教與學的效率，注意多加總結和反思，注意聯想和對比分析，做到觸類旁通，將一些看起來毫不起眼的基礎性命題進行橫向的拓寬與縱向的深入，通過弱化或強化條件與結論，揭示出它與某類問題的聯絡與區別並變更為出新的命題。
這樣無論從內容的發散，還是解題思維的深入，都能收到固本拓新之用，收到「秀枝一株，嫁接成林」之效，從而有利於形成和發展創新的思維。
數列通項公式的求法，求數列通項公式的方法
表示數列 a應該小寫 下標n表示第n相 n為自然數 一般規律的自己找規律。我的理解是通項公式一般都牽扯到首相。表示等差數列，d 公差，由。a n 1 an d 推出通向公式 an a1 n 1 d n為自然數 而an a n 1 d n 2 是其遞推公式。若一個數列可以表示成一個一次函式，則它是等差...
求數列通項公式的方法，數列通項公式的求法
一，公式法。s1 n 1 an s s n 2 n n 1 二，迭加法。若 an 1 an f n 則 an a1 k 2 ak ak 1 a1 k 2 f k 1 a1 k 1 f k n n n 1 三，疊乘法。若 an 1 f n an,則 a2 a3 an an a1 a a a a1f 1...
若數列an前n項和Sn 2 3，則數列an的通項等於幾
求解過程如下 1.n 1時，s1 a1 2 3a1 1 3，得a1 1 2.n 1時，s n 1 2 3a n 1 1 3，sn 2 3an 1 3 sn s n 1 an 2 3an 1 3 2 3a n 1 1 3 2 3an 2 3a n 1 3.整理得1 3an 2 3a n 1 即an 2...